问题描述:
给定一个字符串,你的任务是计算这个字符串中有多少个回文子串。
具有不同开始位置或结束位置的子串,即使是由相同的字符组成,也会被视作不同的子串。如"abc"有三个回文子串‘a','b','c'.
示例 1:
输入:"abc" 输出:3 解释:三个回文子串: "a", "b", "c"
示例 2:
输入:"aaa" 输出:6 解释:6个回文子串: "a", "a", "a", "aa", "aa", "aaa"
对于这个问题,简单的思路是枚举字符串中的每个子串,然后判断子串中回文串的个数。O(N^3)
本篇文章主要介绍我个人对马拉车算法实现思路的一些想法,原题解请看leetcode-647.回文子串
中心拓展法
由于回文串有对称性这一特点,每个回文串必然存在一个对称中心。我们可以对字符串中每个字符或两个字符之间的位置(若回文串长度为偶数)当作对称中心进行枚举,例如s="abcba",当i=2时,判断a[1]==a[3],a[0]==a[4].....如果左右两边字符相同时则继续扩展,一旦不相同则更新最大扩展长度并退出当前循环,继续枚举下一个对称中心。
假设字符串的长度为 n,枚举每个对称中心(长度为 1 和 0的对称中心分别有 n 和 n-1 个),共遍历2n-1次,时间复杂度为 O(n);每个对称中心最多向外拓展n次,所以整体的时间复杂度是 O(n^2)。空间复杂度为O(1)。
代码如下(直接抄leetcode了):
//遍历2n-1次,就能够得到所有可能的对称中心
for (int i = 0; i < 2 * n - 1; i++) {
int l = i / 2, r = i / 2 + i % 2;//这样能够把长度为奇数和偶数的两种情况统一起来。
while (l >= 0 && r < n && s[l] == s[r]) {
--l;
++r;
++ans;
}
}
还有没有优化的空间呢?让我们看看在中心拓展法中出现的两个问题,然后了解一下马拉车算法如何对这两个问题进行处理。
1. 长回文串中的重复查找(关键):
为了更简单直接地说明问题,我举一个极端的特例:字符串s="aaaaaaa",并先对奇回文子串进行查找。尽管我们在以第2位字符为对称中心左右扩展时能够发现左回文子串s1="aaa",并且以第四位字符为对称中心左右扩展能够发现了长回文串s,那么之后的查找中是否仍需要匹配后三位字符串呢?设Im为长回文串的对称中心
其实,我们可以发现,若在一个长回文串中发现了左回文子串,根据回文串的对称性,那么在一定区域内的右子串中必然也存在一个回文串。因此,上述重复查找过程是可以省去的。
2.对长度奇数或偶数的回文子串分情况讨论
马拉车算法:
一、算法分析:
马拉车算法的核心思路就在于,对每个长回文串的对称中心向两边进行拓展,同时记下前面已经查找过的回文子串半径(原理是动态规划的思想),其本质在于,如果能够找到一个长回文串,同时在它的对称中心左区域中找到一个回文子串,由于回文串的对称性,其右区域中必然是同样的回文子串。因此这个算法能快速地找出最长的回文子串。当然也能用来求解回文子串的个数。
二、算法实现:
1.预处理(解决了奇偶回文串问题):
为了利用回文串的对称性,同时解决回文子串长度有奇数和偶数两种情况的问题,马拉车算法在字符串首尾及每个字符间都插入一个 "#"。可以发现,无论回文子串原来是奇数还是偶数,最终都会变成奇回文子串,因此能够统一处理。即令原字符串为s,预处理后有 ts = s.replace('', '#')
我们定义①
当前向两边拓展距离最大的回文串为最大回文串,即一个长回文串;②
从对称中心到左端点的距离为最大回文半径,并假设为d;
当我们求出最大回文半径d时,
最大回文串
的长度正好是d。
- 另外,在下面的步骤中,为了避免数组越界,我们还要在字符串开头加一个"$",结尾加一个"!",这样开头和结尾的两个字符一定不相等,循环就可以在这里终止。
预处理代码如下
s = '$' + input().replace('', '#') + '!'
#为了避免数组越界,让开头和结尾的两个字符一定不相等,循环就可以在这里终止。
2.初始化(解决了重复查找问题):
- 数据结构与逻辑变量:马拉车算法的要求维护的变量有,一个数组d[]记录最大回文半径,d[i]表示以第i位元素为对称中心的最大回文半径,初始化长度为0(半径算上中心就是1);当前最大回文串的(即长回文串)对称中心Im及其右端点r,初始化皆为0。
- 初始化:
- 以字符串"dadbdac"为例
这里有两种情况:
- Case 1: i<=r,即当前枚举的对称中心i被包含在当前最大回文串内,此时拓展过程可以加速
- 当找到一个长回文串时,取其对称中心为Im,对于其中的每个对称中心i,我们可以求出关于Im的对称位置 j=2*Im-i
- 在这个长回文串范围内,可以通过对称性得到d[i]=d[j] 。
- 注意当d[j]>r-i时,通过d加速拓展的右子串超出了长回文串的范围。然而大于右端点的回文串我们还没有开始匹配,此时d[i] = r - i . 比方说,当Im=3时,有r=5;当i=5时,有j=1,并且前面已经算出d[j] = 1。此时d[j]>r-i,向右拓展超出了长回文串范围,则d[i]应为i到右端点r的距离,即r-i。因此,当对称中心i被包含在当前最大回文串内时,有
d[i]=min(d[2 * Im - i],r - i) (核心:如果d[j]+i<=r,则d[i]=d[j],否则d[i]=r-i)
- Case 2 : i>r\,此时用常规的中心拓展法更新d[]、Im以及r。
3.中心拓展:
经过了上面的初始化,我们每次枚举对称中心的时候就都能够保证 s[i-d[i]]=s[i+d[i]],而现在,只要再满足ts[i - d[i]-1]==ts[i + d[i]+1],则不断向左右两边拓展半径。
综上所述,我们能够写出马拉车算法的核心代码:
for i in range(2, len(s)-2):
if(i<=r):#当对称中心i被包含在当前最大回文串内时,拓展过程可以加速(核心)
d[i]=min(d[2 * Im - i] , r - i )
while (s[i - d[i] - 1] == s[i + d[i] + 1]):#满足条件,向左右拓展半径
d[i] += 1
4.维护当前最大回文串的对称中心Im和r
我们仍以字符串"dadbdac"为例,求d时可以只看s[2:len-2):
s | $ | # | d | # | a | # | d | # | b | # | d | # | a | # | c | # | ! |
---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|---|
i | 0 | 1 | 2 | 3 | 4 | 5 | 6 | 7 | 8 | 9 | 10 | 11 | 12 | 13 | 14 | 15 | 16 |
d[i] | 1 | 0 | 3 | 0 | 1 | 0 | 5 | 0 | 1 | 0 | 1 | 0 | 1 |
其实在上述的核心思路中,在枚举每个回文子串的对称中心时,也在不断匹配最大回文串并更新Im和r。利用已经算出来的状态来更新d[i],这就是一种动态规划的思想。
对于一个回文串,我们用d[i]记录了其对称中心到右端点的距离。以上面的例子来说明,当i=8时(属于i>r的情况),计算出d[i]=5,则此时容易得到r=i+d[i]=13,同时更新Im=8。对于i<=r的情况,如果i+d[i]>r,说明当前对称中心i拓展出了回文串,于是此时需要更新对称中心Im为i,右端点r为i+d[i]。而对于i>r的情况,由于d[i]总是等于0,此时更新Im=i,r=i;即
if (i + d[i] > r):
Im, r = i, i + d[i]
顺带提一句,最开始我以为马拉车这个算法名字应该是根据Manacher英译而来,但是这个中心扩展的思路,加上通过d[i]记录了最大回文串的半径避免了重复匹配,光看这两行代码:
while (s[i - d[i] - 1] == s[i + d[i] + 1]) d[i]++;
if (i + d[i] > r){Im=i, r = i + d[i];}
真是有两头马在拉着一个对称中心向两边跑的感觉,大概就像这样:)
然后不断更新最大回文串的对称中心Im和 r,通过***d[i] = min(d[2 \ Im - i], r - i)快速求解**
如何求解ans就不解释啦,直接上代码:
s = '$' + input().replace('', '#') + '!'
d,Im,r,ans= [0]*(len(s)-2),0,0,0
for i in range(1, len(s)-2):
if (i <= r):#当对称中心i被包含在当前最大回文串内时,拓展过程可以加速
d[i] = min(d[2 * Im - i], r - i) #核心:如果d[j]+i<=r,则d[i]=d[j],否则d[i]=r-i
while (s[i - d[i] - 1] == s[i + d[i] + 1]):#满足条件,向左右拓展半径
d[i] += 1
if (i + d[i] > r):
Im, r = i, i + d[i]
ans += (d[i] + 1) // 2
print(ans)
这个算法总时间复杂度是O(n),空间复杂度O(n)。
另外,如果再用一个变量ma记录d[i]的最大值,稍微改一下最后两行,就可以找出字符串中的最长回文子串:
ma,ans = (d[i],ts[i-d[i]:i+d[i]]) if (d[i]>ma) else (ma,ans)
print(ans.replace('#',''))
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